力与运动单元测试题及答案

力与运动单元测试题及答

案

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力与运动

测试题

时间 60分钟 满分 100分

一、选择题每小题4分,共40分 1．下面惯性的说法中,正确的是 A．运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来,所以运动速度大的物体具有较大的惯性

B．物体受的力越大,要它停下来就越困难,所以物体受的推力越大,则惯性越大

C．物体的体积越大,惯性越大 D．物体含的物质越多,惯性越大

2．作用力与反作用力,下列说法中正确的有 A．物体相互作用时,先有作用力,后有反作用力

B．作用力与反作用力大小相等,方向相反,作用在同一直线上,因而这二力平衡

C．作用力与反作用力可以是不同性质的力,例如,作用力是弹力,其反作用力可能是

摩擦力

D．作用力和反作用力总是同时分别作用在相互作用的两个物体上

3．在一种叫做“蹦极跳”的运动中,质量为m的游戏者身系一根长为L、弹性

优良的轻质柔软的橡皮绳,从高处由静止开始下落1.5L时达到最低点,若不计空气阻力,则在弹性绳从原长达最低点的过程中,以下说法正确的是 A．速度先减小后增大 B．加速度先减小后增大 C．速度先增大后减小 D．加速度先增大后减小

4．一物体向上抛出后,所受空气阻力大小不变,从它被抛出到落回原地的过程中

A．上升时间大于下降时间 B．上升加速度大于下降加速度

C．上升阶段平均速度大于下降阶段平均速度 D．上升阶段平均速度小于下降阶段平均速度 5．下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位

2

A． m、N、kg B． kg、m/s、s C． m、kg、s D． m/s2、kg、N

6．质量为M的木块位于粗糙的水平面上,若用大小为F的水平恒力拉木块,其加速度为A．当

拉力方向不变,大小变为2F时,木块的加速度为a′,则 A． a′=a B． a′＜2a

C． a′＞2a D． a′=2a

7．2002年春上海大综试题根据牛顿运动定律,以下选项中正确的是 A．人只有在静止的车厢内,竖直向上高高跳起后,才会落在车厢的原来位置 B．人在沿直线匀速前进的车厢内,竖直向上高高跳起后,将落在起跳点的后方

C．人在沿直线加速前进的车厢内,竖直向上高高跳起后,将落在起跳点的后方

D．人在沿直线减速前进的车厢内,竖直向上高高跳起后,将落在起跳点的后方

8．如图所示,悬挂于小车里的小球偏离竖直方向θ角,则小车可能的运动情况是

A．向右加速运动 B．向右减速运动

C．向左加速运动 D．向左减速运动

9．如图所示为一光滑竖直圆槽,AP、BP、CP为通过最低点P与水

平面分别成30°、45°、60°角的三个光滑斜面,与圆相交于A、

B、C点.若一物体由静止分别从A、B、C滑至P点所需的时间

为t1,t2,t3,则 A．t1＜t2＜t3

B．t1＞t2＞t3

C．t1=t2=t3

D．t1=t2＜t3

10．如图所示水平面上,质量为10 kg的物块A拴在一个被水平拉

伸的弹簧一端,弹簧的另一端固定在小车上,小车静止不动,弹簧对物块的弹力大小为

5 N时,物块处于静止状态,若小车以加速度a=1 m/s2沿水平地面向右加速运动时

A．物块A相对小车仍静止 B．物块A受到的摩擦力将减小 C．物块A受到的摩擦力大小不变 D．物块A受到的弹力将增大 二、填空题每题8分,共24分

11．某火箭发射场正在进行某型号火箭的发射试验.该火箭起飞时质量为×103

kg,起飞推力×106 N,火箭发射塔高100 m,则该火箭起飞时的加速度大小为_______ m/s2；在火箭推动力不变的情况下,若不考虑空气阻力及火箭质量的变化,火箭起飞后,经_______s飞离火箭发射塔.g=9.8 m/s2

12．用一个力作用在A物体上产生的加速度为a1,作用于B物体上产生的加速度

为a2,若将该力同时作用在A、B两物体上时,A、B的加速度为_______.

13．一辆小车在水平恒力F作用下,由静止开始在水平面上匀加速运动t1 s后

撤去F,小车再经过t2 s停下.则小车加速阶段的位移s1与减速阶段的位移s2之比s1∶s2=______；小车牵引力F与所受的摩擦力Ff之比F∶Ff=______. 四、计算题共36分

14．12分质量是60 kg的人站在升降机中的体重计上,当升降机做下列各种运

动时,体重计的读数是多少 g=10 m/s2

1升降机匀速上升；

2升降机以4 m/s2的加速度匀加速上升； 3升降机以5 m/s2的加速度匀加速下降.

15．12分质量为m的物体在水平恒力F的作用下由静止开始沿水平面运动,经

时间t后撤去外力F,物体又经时间2t后重新静止.求： 1物体所受阻力.

2物体发生的总位移.

16．12分总质量为M的热气球由于故障在高空以速度v匀速竖直下降,为了阻

止继续下降,在t=0时刻,从热气球中释放了一个质量为m的沙袋,不计空气阻力,经多长时间气球停止下降这时沙袋的速度为多大沙袋尚未着地

参：

1．D

6．C 设阻力为f,依题意有F-Ff=Ma,2F-Ff=Ma′,由上述两式可得a′＞2A． 7．C 11．×103； 12．a1a2/a1+a2

13．t1∶t2；F∶Ff=t1+t2∶t1

14．解析：人站在升降机中的体重计上受力情况. 第一课件网

1当升降机匀速上升时由牛顿第二定律得

F合=FN－G=0

所以,人受到的支持力FN=G=mg=60×10Ｎ=600Ｎ.根据牛顿第三定律,人对体重计的压力即体重计的示数为600Ｎ.

2当升降机以4 m/s2的加速度加速上升时,根据牛顿第二定律FN－G=ma,FN=G＋

ma=mg＋a=60×10＋4N=840N,此时体重计的示数为840N,大于人的重力600 N,人处于超重状态.

3当升降机以5 m/s2的加速度加速下降时,根据牛顿第二定律可得mg－FN=ma

FNmgmam(ga)60(105)N=300 N,体重计的示数为300 Ｎ,

小于

人本身的重力,人处于失重状态.

15．解析：有F作用时,物体做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律得F－f=ma1 ①

t时刻速度为v=a1t ② 撤去F后,物体做匀减速直线运动,

有f=ｍa2 ③

v=2a2t ④ 联立①、②、③、④式可求得 f=F／3,v=2Ft／3m,

v 物体前后两段的平均速度 vFt/3m

2

总位移x=v·3t=Ft2／m.

16．解析：设气球受的空气浮力为F,它匀速下降时有 F=Mg ① 丢掉质量为m的沙袋后,气球所受的浮力不变,气球向下做匀减速运动,其加速度为a,

由牛顿第二定律得 F-M-mg=M-ma ②

m 由①②可求得 ag ③

Mm

气球速度减小到零所用的时间为 tv(Mm) ④ amg 沙袋离开气球后以重力加速度向下做匀加速运动,气球速度为零时沙袋的速

度为

MmM vtvgtvvv

mm