2020高考物理二轮复习精品资料Ⅲ 模拟题八 精品

注意事项：

1．答题前，考生在答题纸上务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己姓名、准考证号填写清楚，并贴好条形码。请认真核准条形码上的准考证号、姓名和科目。

2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，在试题卷上作答无效。

3．第Ⅰ卷共21题，每小题6分，共126 分。

一、选择题（本题共13小题，每小题6分。共78分。在每小题给出的四个选项中。只有一项是符合题目要求的。）

二、选择题（本题共8小题。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）

14. 2020年11月23日，第16届亚运会跳水展开女子双人10米跳台的争夺，中国队陈若琳和汪皓夺取金牌.在亚运会高台跳水比赛中，质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力（包含浮力）而竖直向下做减速运动，设水对她的阻力大小恒为F，则在她减速下降深度为h的过程中，下列说法正确的是（g为当地的重力加速度）( )

A．她的动能减少了Fh B．她的重力势能减少了mgh C．她的机械能减少了(F－mg)h D．她的机械能减少了mgh 15. 一个电池组的电动势为E，内阻为r，用它给一电阻为R的直流电动机供电，当电动机正常工作时，通过电动机的电流为I，电动机两端的电压为U，经时间t，则（ ） A．电源在内外电路做的功为(Ir＋IU)t B．电池消耗的化学能为IEt

C．电动机输出的机械能为IEt－I(R＋r)t D．电池组的效率为

22

U－Ir E16.如图所示，将两个质量均为m，带电荷量分别为+q、-q的小球a、b用细线悬挂于O点，置于水平的匀强电场中，用力F拉小球a，使整个装置处于平衡状态，且悬线与竖直方向 夹角为30。则F的大小可能为（ ）

0

A．

33mgmg B.mg C.mg D. 32217.美国国家科学基金会2020年9月29日宣布，天文学家发现一颗迄今为止与地球最类似的太阳系外行星如图所示，这颗行星距离地球约20亿光年(1.21万亿公里)，公转周期约为37年，这颗名叫Gliese581g的行星位于天枰座星群，它的半径大约是地球的1.9倍，重力加速度与地球相近.则下列说法正确的是（ ）

A.在地球上发射航天器到达该星球，航天飞机的发射速度至少要达到第三宇宙速度 B.该行星的公转速度比地球大

C.该行星的质量约为地球质量的2.61倍 D.要在该行星表面发射人造卫星，发射速度至少要达到7.9km/s

18．如图9所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦．现用水平力向右拉木板 ，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为( )

A．物块先向左运动，再向右运动

B．物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动

C．木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动 D．木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零

19.如图所示，Q1、Q2为两个等量同种的正点电荷，在Q1、Q2产生的电场中有M、N和O三点，其中M和O在Q1、Q2的连线上（O为连线的中点），N为过O点的垂线上的一点。则下列说法中正确的是（ ）

A．在M、N和O三点中O点电场强度最小 B．在M、N和O三点中O点电势最低

C．若ON间的电势差为U，ON间的距离为d，则N点的场强为

U dD．若ON间的电势差为U，将一个带电量为q的正点电荷从N点移到O点，电场力做功为qU

20.如图所示，虚线为磁感应强度大小均为B的两匀强磁场的分界线，实线MN为它们的理想下边界。边长为L的正方形线圈电阻为R，ab边与MN重合，且可以绕过a点并垂直线圈平面的轴以角速度匀速转动，则下列说法正确的是（ ）

A.从图示的位置开始逆时针转动180°的过程中，线框中感应电流方向始终为逆时针 B.从图示的位置开始顺时针转动90°到180°这段时间内，线圈完全在磁场中无感应电流

2BL2C.从图示的位置顺时针转动180°的过程中，线框中感应电流的最大值为

RBL2D.从图示的位置开始顺时针方向转动270°的过程中，通过线圈的电量为2

R

21．劲度系数为k的轻弹簧一端与质量为m物体相连，另一端固定在墙上.现用力F拉物体，使弹簧从处于自然状态的O点由静止开始向左移动10 cm静止，这时弹簧具有弹性势能Ep＝1.0 J，已知 m＝2.0 kg， k＝200 N/m. 物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.4， g＝10 m/s，则撤去外力F后( )

2

A．物体向右滑动的距离可以达到12.5 cm B．物体向右滑动的距离一定小于12.5 cm C．物体回到O点时速度最大

D．物体到达最右端时动能为0，系统机械能不为0

第Ⅱ卷（非选择题，共174分）

注意事项：

1．答题前，考生在答题纸上务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将自己姓名、准考证号填写清楚，并贴好条形码。请认真核准条形码上的准考证号、姓名和科目。

2．第Ⅱ卷请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题纸上各题的答题区域内作答，在试题卷上作答无效。

3．第Ⅱ卷共13题，共174 分。

三、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题～第40题为选考题。考生根据要求做答。）

（一）必考题（11题，共129分）

22．（5分）为探究橡皮条被拉伸到一定长度的过程中，弹力做的功和橡皮条在一定长

度时具有的弹性势能的关系（其中橡皮条的弹性势能表达式为Ep12，kx，k是劲度系数）

2某同学在准备好橡皮条、弹簧测力计、坐标纸、铅笔、直尺等器材后，进行了以下操作：

a．将橡皮条的一端固定，另一端拴一绳扣，用直尺从橡皮条的固定端开始测量橡皮条

的原长l0，记录在表格中；

b．将弹簧测力计挂在绳扣上，测出在不同拉力F1、F2、F3…的情况下橡皮条的长度l1、l2、l3…；

c．以橡皮条的伸长量△l为横坐标，以对应的拉力F为纵坐标，在坐标纸上建立坐标

系，描点、并用平滑的曲线作出F-△l图象；

d．计算出在不同拉力时橡皮条的伸长量△l1、△l2、△l3…； e．根据图线求出外力克服橡皮条的弹力做的功． f. 根据弹性势能表达式Ep12kx求出橡皮条具有的弹性势能. 2（1）以上操作合理的顺序是 ______________；

（2）实验中，该同学作出的F-△l图象如图所示，从图象可求出△l=9cm过程中外力克服橡皮条的弹力做的功约为_____J，计算出△l=9cm时橡皮条具有的弹性势能约为_____J.（保留二位有效数字）

（3）由实验可得出的结论是______________________________________________ 23．（10分）4.某同学利用如图所示的电路来测量两个有刻度但无刻度值的电压表的内阻，实验分两个过程，先用替代法测出电压表V1的内阻，然后用半偏法测出电压表V2的内阻。供选用的器材如下：

A．待测电压表V1，量程约为2V， 内阻20k~30k B．待测电压表V2，量程约为3V， 内阻30k~40k C．电阻箱，阻值范围0—99999.9

D．滑动变阻器，阻值范围0—1000， 额定电流0.5A E．滑动变阻器，阻值0—20，额定电流2A

F．电池组，电动势为6V，内电阻为0.5 G．单刀单掷开关、单刀双掷开关各一个及导线若干

（1）实验器材选择除A、B、C、F、G外，滑动变阻器R′应选用： （用器材前的字母表示）

（2）请根据电路图将器材连接成实验电路。

（3）下面是主要的实验操作步骤，将所缺的内容补充完整； ①用代替法测待测电压表V1的内阻

a．根据电路图连成实验电路，并将滑动变阻器R′的滑动触头置于 端（填

“左”或“右”）；

b．将单刀双掷开关S2置于触点2，调节滑动变阻器R′，使电压表V2的指针指在刻度

盘第N格，然后将单刀双掷开关S2置于触点1，调节电阻箱R使电压表V2的指针指在 ，记下此时电阻箱R的阻值RA。

②用半偏法测待测电压表V2的内阻

a．将单刀双掷开关S2置于触点1，电阻箱的阻值调为零，闭合开关S1，调节 使

电压表V2的指针满偏。

b．保持滑动变阻器R′的滑动触头位置不变，调节电阻箱R，使电压表V2的指针指

在 ，记下电阻箱R的阻值RB。

（4）由此测出的电压表V1的内阻为 ，电压表V2的内阻为 。

（5）上述两种方法测出的内阻，___________（填“代替法”或“半偏法”）测量结果

误差小，“半偏法”测出的内阻值_____________真实值（填“大于”、“等于”或“小于”）

24．（14分）如图所示是建筑工地常用的一种“深穴打夯机”。工作时，电动机带动两个紧压夯杆的滚轮匀速转动将夯杆从深为h的坑中提上来，当两个滚轮彼此分开时，夯杆被释放，最后夯在自身重力作用下，落回深坑，夯实坑底。然后两个滚轮再次压紧，夯杆再次被提上来，如此周而复始工作。已知两个滚轮边缘线速度v恒为4m/s，每个滚轮对夯杆的正压力FN=2×10N，滚轮与夯杆间的动摩擦因数μ=0．3，夯杆质量m=1×10kg，坑深h=6．4m。假定在打夯的过程中坑的深度变化及夯与坑底的作用时间均忽略不计，且夯杆底端升到坑口时，速度恰好为零。取g=10m/s，求：

2

4

3

（1）夯杆上升过程中被滚轮释放时的速度为多大？此时夯杆底端离坑底多高？ （2）打夯周期是多少？

25．（18分）如图所示，在矩形ABCD内对角线BD以上的区域存在平行于AD向下的匀强电场，对角线BD以下的区域存在垂直于纸面的匀强磁场（图中未标出），矩形AD边长L，AB边长为3L。一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子（不计重力）以初速度v0从A点沿AB方向进入电场，从P处垂直对角线BD进入磁场，并从DC边上的Q点垂直于DC离开磁场，试求：

（1）带电粒子经过P点时速度的大小和方向 （2）电场强度与磁感应强度的大小

（3）带电粒子从A点进入到离开磁场的运动时间

（二）选考题（共45分。请考生从给出的3道物理题、3道化学题、2道生物题中每科任选1题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的对应题号涂黑。注意所做题目必须与 所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一 题给分。）

33．[物理——选修3—3]（15分）

（1）（5分）对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是 ( ) A．温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大

B．一定质量的理想气体在等温变化时，内能不改变，因而与外界不发生热交换 C．布朗运动是液体分子的运动，它说明分子永不停息地做无规则运动 D．扩散现象说明分子间存在斥力

（2）（10分）9．一定质量的气体从外界吸收了1×10cal的热量，同时气体对外做了6×10J的功．问：

①物体的内能变化多少？ ②分子势能是增加还是减少？ ③分子动能如何变化？(1cal＝4.2J) 34．[物理——选修3—4]（15分）

（1）（5分）如图所示，沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200 m/s，则有 ( )

5

5

A．图中质点b的加速度在增大

B．从图示时刻开始，经0.01 s质点a通过的路程为4 cm，相对平衡位置的位移为零 C．若此波遇到另一列波，并产生稳定的干涉现象，则另一列波的频率为50 Hz D．若产生明显的衍射现象，该波所遇到障碍物的尺寸一般不小于200 m

（2）（10分）如图所示，将一个折射率为”的透明长方体放在空气中，矩形ABCD是它的一个截面，一单色细光束入射到P点，入射角为.AP1AD,ADd,求： 2①若要使光束进入长方体后能射至AD面上，角的最小值为多少? ②若要此光束在AD面上发生全反射，角的范围如何?

35．[物理——选修3—5]（15分）

（1）（5分）下列说法中正确的是 （填人选项前的字母，有填错的不得分）。 A．光电效应实验证实了光具有粒子性 B．太阳辐射能量主要来自太阳内部的裂变反应

C．按照玻尔理论，电子沿某一轨道绕核运动，若其圆周运动的频率是。，则其发光频率也是v

D．质子、中子、氘核的质量分别为m1、m2和m3，当一个质子和一个中子结合成一个氘核时，释放的能量是（m1+m2一m3）c。

（2）（10分）光滑水平面上，用弹簧相连接的质量均为2 kg的A、B两物体都以

2

v06m/s速度向右运动，弹簧处于原长。质量为4 kg的物体C 静止在前方，如图所示，

B与C碰撞后粘合在一起运动，求：

①B、C碰撞刚结束时的瞬时速度；

②在以后的运动过程中，物体A是否会有速度等于零的时刻?试通过定量分析，说明你的理由。

答案及其评分标准

UIUη＝×100%＝×100%.故A、B、C正确．

EIE

16. 【答案】C 【解析】本题主要考查对物体平衡问题的处理方法。电场和电荷是本题的干扰条件，以ab为整体进行受力分析，电场力抵消，转变成典型的三力平衡问题，作矢量三角形如图所示，Fmin=2mgsin30=mg，所以C选项正确。

0

17. 【答案】A 【解析】发射航天器到达该行星要飞离太阳系，发射速度要达到第三宇宙速度，A选项正确；该行星的公转速度v2r，我们只知道该行星的公转周期比地球的T大，但不知道公转半径如何，所以无法确定该行星公转速度与地球公转速度的大小关系，B选项错误；根据GM行mR2行mg行； GM地mM地，解得mg3.61,C选项错误；要在地2R地M地gR行，该行星的重力加速度与地球相近，该行星表面发射人造卫星，发射速度至少为v但半径比地球大，所以要发射速度大于7.9km/s，D选项错误。

18. 【答案】BC【解析】物块相对于木板滑动，说明物块的加速度小于木板的加速度，撤掉拉力后木板向右的速度大于物块向右的速度，所以它们之间存在滑动摩擦力，使木块向

右加速，木板向右减速，直至达到向右相同的速度，所以B、C正确．

19. 【答案】A 【解析】在M、N和O三点中O点电场强度为０，而M、N两点电场强度均不为０，选项A正确；在M、N和O三点中O点电势大小关系为MON，选项B错；由于ON间不是匀强电场，选项C错误；正电荷从N点移到O点，克服电场力做功，选项D错。故正确选项为A。

20. 【答案】C 【解析】从图示的位置开始逆时针转动180的过程中，由楞次定律结合右手定则可知线框中感应电流方向先逆时针后顺时针，A答案错误；从图示的位置开始顺时针转动90到180这段时间内线圈处在两种不同的磁场里，磁通量不断变化，始终有感应电流，B答案错误；从图示的位置顺时针转动135时，产生的感应电动势最大其最大值为：

00002B2L2L22BL22BL,所以产生的感应电流最大值为：I,C答案正确；从

R2图示的位置开始顺时针方向转动270的过程中，q的电荷量为零，D答案错误。

0可得由于=0，所以通过线圈R21. 【答案】BD【解析】物体向右滑动时，kx－μmg＝ma，当a＝0时速度达到最大，而此时弹簧的伸长量x＝

μmg，物体没有回到O点，故C错误；因弹簧处于原长时，Ep＞μmg·xkEp－Ep′μmg＝0.8 J，故物体到O点后继续向右运动，弹簧被压缩，因有Ep＝μmgxm＋Ep′，得xm＝＜

Ep

＝12.5 cm，故A错误，B正确；因物体滑到最右端时，动能为零，弹性势能不为零，μmg故系统的机械能不为零，D正确．

22．解析：(1)应通过列表计算出伸长量△l后才便于作出F-△l图象，因此合理顺序是abdcef；(2)由于拉力F随△l是线性变化，且△l恰好是拉力F作用点的位移，因此利用平均力与位移乘积或直线与x轴所围面积均可求得外力克服橡皮条的弹力做的功W=1×2.5×0.09=0.11J,由图像得k=28N/m，根据弹性势能表达式Epkx=0.11J，由此

2221可得外力克服橡皮条的弹力做的功等于橡皮条弹性势能的增量，再据图像的其他点的数据也可得到该结论

答案： (1) abdce （1分） (2) 0.11(0.11-0.12) （1分） 0.11 （1分） （3）外力克服橡皮条的弹力做的功等于橡皮条弹性势能的增量（2分） 23．解析：（1）由于分压接法，滑动变阻器R′应选用E

（3）①由于电源电动势为6V，为保护电表应将滑动变阻器R′的滑动触头置于左端，使工作电路电压最小；当单刀双掷开关S2置于触点1，调节电阻箱R使电压表V2的指针指在刻度盘第N格，由此测出的电压表V1的内阻为RA；②闭合开关S1，调节滑动变阻器使电压表V2的指针满偏后，再调节电阻箱R，使电压表V2的指针指在刻度盘的，此时可认为电阻箱R的电压与电压表V2的电压相等，因此电压表V2的内阻为RB，实际上由于电阻箱R的阻值变大，分压电路两端电压大于原来电压，因此电阻箱R的电压大于电压表V2的电压，因此电压表V2的内阻测量值大于真实值

答案：（1）E （1分） （2）实验电路见解析图（1分）

（3）①a.左（1分） b. 刻度盘的第N格 （1分） ②a. 滑动变阻器（1分） b. 刻度盘的 （1分）

（4）RA （1分） RB （1分） （5）代替（1分） 大于（1分） 24．【答案】⑴v=4m/s 5.6m （2）3.93s 【解析】⑴匀加速阶段：2FNmgma （1分） 得a2m/s（1分）

2v2h1（1分）

2a得 h14m（1分）

v2匀减速阶段：h2 （1分）

2g得h20.8m （1分）

由于h1h2h 所以杆上升过程为先加速，后匀速，再减速至零，

因此，释放时杆速度为v=4m/s（2分）, 杆离坑底hhh25.6m（2分） ⑵ 匀加速阶段：vat1 得t12s （1分） 匀速阶段： hh1h2vt3 得t30.4s （1分） 匀减速阶段：vgt2 得t22s （1分） 下落阶段： h12gt4 得t41.13s （1分） 2总时间： tt1t2t3t4 得t3.93s （2分）

25．解析：（1）如图所示，由几何关系可得∠BDC=30°，带电粒子受电场力作用做类平抛运动，由速度三角形可得

vxv0，

vy3v0，v=2v0，方向与水平方向成60°. （3分）

vy（2）设BP的长度为s，则有：ssin30°= 2t1 ①（1分）

3L - scos30°=v0t1 ②（1分）

Eq=ma ③（1分）

vyat1 ④（1分）

233L5mv06Lt1E5v3qL（3分） 0 、 联立①②③④解得s=5、

由题意可知带电粒子所在的匀强磁场方向向外，圆弧的圆心在D点，半径

4LR=2L-s=5（1分） v2由qvB=mR （1分）

B得

5mv02qL（1分）

t2T2RL1212v15v0（2分）

（3）带电粒子在匀强磁场中的运动时间

9因此带电粒子从A点进入到离开磁场的运动时间t=t1+t2=33．（1）答案：A（5分）

3L15v0（3分）

解析：从宏观上决定物体内能的是物体的物质的量、温度和体积三个因素．温度是分子热运动的平均动能的标志，温度高的物体分子平均动能大，选项A正确；理想气体在等温变化时，内能不改变，但并不是不与外界进行热交换，而是吸收或放出的热量与对外做功或外界对气体做的功恰好相等，B不正确；布朗运动不是液体分子的运动，而是悬浮在液体中的颗粒或液滴的运动，所以C错误；扩散现象说明分子在不停地做无规则的运动，不能说明分子间存在斥力，所以D错误．

（2）答案：①减少了1.8×10J ②增加 ③因为气体内能减少了，而分子势能增加了，所以分子动能必然减少了，且分子动能的减少量一定大于分子势能的增量．

解析：可根据热力学第一定律ΔU＝W＋Q定量分析（1分） ①因气体从外界吸收热量

所以Q＝1×10×4.2J＝4.2×10J（1分） 气体对外做功W＝－6×10J（1分） 据热力学第一定律：ΔU＝W＋Q（1分）

得ΔU＝(－6×10)J＋(4.2×10)J＝－1.8×10J（1分） 所以物体内能减少了1.8×10J（1分）

②)因为气体对外做功，体积膨胀，分子间距离增大了，分子力做负功，气体的分子势能增加了（2分）

③因为气体内能减少了，而分子势能增加了，所以分子动能必然减少了，且分子动能的减少量一定大于分子势能的增量（2分）

34． 解析：（1）【答案】AC（答对1个给3分，2个给5分，答错1个不给分） 【解析】判断A项可先由“上下坡法”得出质点b此时的运动方向向下，即正在远离平衡位置，回复力增大，加速度增大，A正确；由图得波长为4 m，只要障碍物的尺寸不大于4 m或相差不大，就能产生明显的衍射现象，所以D错误；根据波长、波速和频率的关系是

5

5

5

5

5

5

55

vf＝＝50 Hz，所以，若该波遇到另一列波发生稳定的干涉现象，则另一列波的频率必定与λ这列波频率相同，为50 Hz，C正确；另外由频率得这列波的周期为0.02 s，经过0.01 s后，质点a应运动到负方向最大位移处，通过的路程为4 cm，相对平衡位置的位移为－2 cm，B错误，选AC.

（2）①要使光束进入长方体后能射至AD面上，设最小折射角为a。根据几何关系有

sina1d21(d)2d225 5

根据折射定律有

sinn sina （2分）

解得：角θ的最小值arcsin5n 5 （1分）

②如图，要此光束在AD面上发生全反射，则要求射至AD面上的入射角应满足

sinsinC

又sinC （2分）

1 n（1分）

sincosa1sin2a1(sin2) n

（2分）

解得：arcsin5narcsinn21 535．

解析：（1）AD（答对1个给3分，2个给5分，答错1个不给分） （2）①设B、C碰撞后的瞬间速度为v1，根据动量守恒定律有

mBv0(mBmC)v1

解得：v12m/s

（2分）

（1分）

（1分）

②物体A会有速度等于零的时刻。 说明理由如下：

设当A的速度为零时，B、C整体的速度为vBC，根据动量守恒定律有

mAv0mBv0(mBmC)vBC

（2分）